이것은 경찰과 강도 도전, 강도 스레드는 여기 에서 찾을 수 있습니다 .

귀하의 작업은 OEIS 시퀀스를 출력하고 코드의 시퀀스 이름 ( A______)을 포함하고 코드 의 시퀀스 이름이 두 번째 시퀀스의 이름으로 변경 될 때 별도의 두 번째 시퀀스를 출력하는 일부 코드를 작성 하는 것입니다.

다음은 Haskell의 예이며 A000217 및 A000290에 적용 됩니다.

f x|last"A000217"=='0'=x^2|1>0=sum[1..x]

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그런 다음 두 시퀀스 중 하나와 두 번째 시퀀스를 비밀로 유지하는 코드를 공개해야합니다. 강도는 숨겨진 시퀀스가 ​​무엇인지 파악하려고 시도합니다. 강도가 시퀀스가 ​​무엇인지 (또는 기준에 맞는 다른 시퀀스)를 결정하면 관리자가 해킹합니다. 답변을 게시 한 지 1 주일 내에 답변이없는 경우 답변을 안전 하다고 표시 하고 확인을위한 의도 된 해결책을 공개 할 수 있습니다 . 안전한 답은 깨질 수 없습니다.

입출력

^{여기 에서 찍은}

코드는 취하는 함수 또는 전체 프로그램 일 수 N 은 A 표준 입력 방식을 통해 출력하는 N OEIS 페이지의 인덱스에 의해 인덱스로서 서열 번째 용어.

해당 순서에 대해 OEIS b 파일에 제공된 모든 값을 지원해야하며 b 파일에없는 숫자는 지원할 필요가 없습니다.

채점

점수는 코드의 바이트 수이며 적은 바이트가 더 좋습니다.

파이썬 3, 59 바이트, A162626은 , 밀 마법사에 의해 금이

lambda n:n*(n+1)*(n+2)/3if 0<=n<=3else n*(n**2+5)/3#A162626

이것은 되고 그것은 불가능하지되었다했는데?

파이썬 3 , 62 바이트, A017016 ( 크랙 )

n=int(input())
print(sum(1for i in"A017016"if i>"0")*-~n//-~n)

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Japt , 13 바이트 ( 크랙 )

다른 누군가가 찌르기를 원한다면 적어도 하나의 다른 해결책이 있습니다.

p#A000012uCnG

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A000012

설명

#JAPT 그래서, 우리에게 그 문자의 charCode 값을 제공에 문자 뒤에 #A=65숫자의 나머지 부분은 다음 우리에게주는 추가됩니다, 65000012또는 65000290.

u는 모듈로 방법입니다 ( %항상 양수를 반환한다는 점과 다릅니다 ).

이 n메소드는 전달 된 숫자에서 적용된 숫자를 뺍니다. C그리고 G, 각각 11 및 15에 대한 JAPT 상수이다. 그래서 CnG우리에게 4.

우리는 지금이 65000012%4=0와 65000290%4=2. 이 p메서드는 U전달 된 숫자의 거듭 제곱에 적용되는 숫자 (이 경우 암시 적으로 입력 정수 )를 제곱하여 U**0and 의 두 가지 최종 공식을 제공 U**2합니다.

MATL , 30 29 바이트 ( 크랙 )

A077430I\2-|Gw^1Mwx*10&Ylk1+&

A077430

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@Sanchises 덕분에 -1 바이트

C #, 28 바이트 ( 크랙 )

n=>n*n*("A000290"[6]<49?1:n)

A000290 과 호환 됩니다.

이것을 시작하기 쉬운 것.

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파이썬 2, 43 바이트, A000079 ( 금 )

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lambda n:((sum(map(ord,'A000079'))*2)%8)**n

C #, 75 바이트, ( Cracked )

n=>{int r=1,e=3-0xA000244%2;for(;n>0;e*=e){r*=(n%2>0?e:1);n>>=1;}return r;}

A000244

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Python 2 , 53 바이트, A000012 [cracked]

lambda x:len(`x**(sum(map(int,'A000012'[1:]))==22)`) 

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다음 순서는 A055642 (10 진수의 자릿수 길이)입니다. OEIS의 자릿수는 22와 같기 때문에 숫자는 자체적으로 평가됩니다. 따라서 len (...)은 'A055642'에 대한 입력 숫자의 실제 길이를 계산합니다. 시퀀스 A000012 (또는 A055642 이외의 것)의 경우, len은 항상 1과 동일합니다. 증발 된 숫자는 '1'이기 때문입니다.

Python 3, 65 바이트, A000027, 크랙

a=lambda a,n=((int("A000027",11)-0x103519a)%100%30+1)/2:a//(14-n)

예이 미친 산술!

스몰 토크, 148 바이트, 안전!

|x o|x:=(16rA018253*0.00861-1445345)floor. o:=OrderedCollection new. 1 to:x/2 do:[:i|x\\i=0 ifTrue:[o add:i]].o add:x.^o at:stdin nextLine asInteger

A018253

정수를 입력으로 취하고 순서는 1부터 시작합니다.

의도 된 제 2 시퀀스는 A133020 이다. A018253에 대한 글 에는 숫자의 제수와 관련된 시퀀스의 항목 목록에 대한 링크 가 있습니다 . 이 목록에서 A133020 은 제곱의 제수 아래에 있습니다 : 100² . 전체 시퀀스를 보려면 코드에서 Transcript show: o printString; cr.return ^문 앞에 삽입하십시오 .

하스켈, 226 바이트, 안전!

영리하거나 추악한 지 확실하지 않을 수도 있습니다.

o n=read.pure.(!!n)$"A001906"
m::Integral a=>[a->a->a]
m=[const,(+),(-),(*),div,(^)]++(flip<$>m)
l=o 1:o 3-o 1:zipWith(m!!(o 6+o 3-o 2))(tail l)l
f=(l!!).((m!!(o 4+o 5+o 6-2*o 1-o 2))$sum[1|n<-[1..6],odd(o n)]).((m!!o 6)$o 3)

이제 A001906을 계산 하지만 많은 시퀀스를 생성 할 수 있어야합니다.

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솔루션 : A131078

이것이 너무 어려웠거나 아무도 시도하지 않았는지 궁금하십니까?

o 1에 o 6일련 번호의 자리입니다, m작업의 목록입니다. l는 일련 번호에서 파생 된 첫 번째 두 값과의 고정 연산을 사용하여 이전 두 값에서 계산 된 나머지 두 값을 가진 재귀 적으로 정의 된 무한 목록입니다 m. A001906의 경우 정의를 다음과 같이 단순화 할 수 있습니다.

l=0:1:zipWith(flip(+))(tail l)l

(flip(+))는 (보통)과 같 (+)으며 피보나치 수의 잘 알려진 (최단은 아님) 정의를 얻습니다. 이 재귀 체계는 A001906을 직접 계산할 수 있지만의 재귀 연산보다 복잡한 연산이 필요합니다 m. 또 다른 예 : 시작 값 1과 2연산을 (*)사용하면 A000301 시리즈가 나타납니다 . 일련 번호가로 대체되면 코드로 계산됩니다 ?103206.

마지막으로 함수 는 입력으로 변환 된 후에 만 flist로 색인을 생성 l합니다. A001906의 경우 중간 부분이로 줄어들어 (*)2피보나치 수는 짝수 위치에서만 얻습니다. 오른쪽 부분은 flip const 1아이덴티티 함수이며 더 이상 간섭하지 않습니다.

용액의 경우 A131078의 개시 값 l이다 1하고 0, 상기 동작은 flip const수있는 l일 1,0,1,0,.... 의 중간 부분 f이 (flip div 4)결과가됩니다 1,1,1,1,0,0,0,0,1,1,1,1,0,0,0,0,.... 이것은 나는 톱 A131078 그 시작에 좋은 답변처럼 보였다하지만 n=1나는 오른쪽의 추가, 그래서 f여기, flip(-)1하나를 빼야합니다.

내 생각은 m일련 번호의 숫자로 숫자를 사용 하여 색인을 작성 하여 조금 난독 화 하게하고 작동하도록하기 위해 더 난독 화되었습니다 (복잡한 용어). 그런 다음 f실제로 작동하도록 훨씬 난독 화되었습니다 (의 오른쪽 부분 ). 아직도 나는 추측하고 노력하는 것이 그것을 깨뜨릴 수 있다고 생각합니다.

dc , 52 바이트, 갈라짐

이것은 A000217 과 함께 작동합니다 .

?SaA000217d8d1+Sb%1r-dScla*r10 7^-Lb%+la*1+Lc+La*2/p

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Python 3.6, 114 바이트, 크랙

from random import*
g=lambda n:eval(''.join(Random("A005843").choices('n8-9+17n#8*+26%n1 32-3+4-545*-#6*7',k=34)))

A005843

g(n) n> = 0에 대한 시퀀스의 n 번째 값을 반환합니다.

random.choices(s,k)Python 3.6의 새로운 기능 으로 대체 k항목에서 선택한 항목 을 반환 합니다 s.

Yimin Rong에 의해 크랙 된 칩 , 67 바이트

2D5B#{*Cm49!}E-7
(A000012d#,zkmsh
b-\6/e2)[1Zv^~^S
33a#kcf3g88taz1@

A000012 . 약간 건방진입니다.

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i / o에 바이트를 사용하므로 좋았고 bashy / pythony 래퍼를 만들었습니다.

대체 순서는 A060843 입니다. 입력 을 위해 온라인으로 사용해보십시오1..4 .

Yimin Rong은 바로 이런 칩 칩 프로그램은 아주 간단한 것들만 계산할 수있게했다고 말했다. 원래 시퀀스는 모두 하나이며 대체 시퀀스는 사용중인 비버 번호이며 그 중 4 개만 알려져 있습니다.

이 숫자 1, 6, 21, 107는 입력을 위해 단순히 하드 코딩되어 있습니다 1..4.

이 도전을 위해 칩을 사용하는 방법에 대한 한 가지 흥미로운 점은 자리가 있다는 것입니다 0- 9수 있지만, 논리적 요소가 아니다. 구체적으로 0- 7스택의 헤드를 처리하는 8 비트 8이며 9읽기 및 쓰기 토글입니다. 그것은 이것을 좀 더 흥미롭고 더 난독하게 만들었습니다.

잠재적 공짜는 것입니다 A- D우리는 단지 순서를 색인 4 개 비트를 가지고 있다는 것을 의미 나타납니다. 이는 최대 16 개의 서로 다른 값이있을 수 있음을 의미했습니다. 실제로, 오직 A- C만 실제로 대체 시퀀스에 사용되며 최대 8 개의 서로 다른 값을 제공합니다.

관심이있는 사람들을 위해 다음은 동일한 코드이며 no-ops 및 사용하지 않는 요소는 제거되었습니다.

.

   B  *C 49!
 A000012d ,z  s
b-\6/e   1Zv-~^S
`3a`-cf3g`8taz1